C语言经典顺序表真题演练讲解

1、移除元素

链接直达：

https://LeetCode-cn.com/problems/remove-element/

题目：

思路：

法一：依次挪动数据进行覆盖

从第一个数据开始进行依次遍历，如同示例1，依次遍历数组，找到移除的元素2就把后面的数据往前挪动进行覆盖，如图所示：

 此法有个缺陷，题目中明确指出使用空间复杂度O(1)的方法解决此问题，而此法的空间复杂度刚好为O(1)，可以解决，不过考虑周全些，时间复杂度在情况最坏时为O(N^2)，出现全是val的情况，将会挪动n-1+n-2+……出现了等差数列，时间复杂度为O(N^2)，此法不是最优，换。

法二：双指针1.0

依次遍历原数组，看是不是val，把不是val的值，拷贝到新数组，此法的时间复杂度是O(N)，空间复杂度也是O(N)，可是题目明确指出空间复杂度要为O(1)，所以此法不行，但是仔细想想，如果继续用此法双指针，但是不另开数组，就在原数组上改动可否呢？，由此引出双指针2.0

法三：双指针2.0

此法是在法二的基础上进行的升级，法二需要开辟额外数组，此法直接原数组改动。首先定义两个变量src和dst为0，都作为数组nums的下标，依次遍历src看nums[src]是否为val，若不是，将其赋给下标dst，再src++，dst++。若nums[src]=nums[dst]，则只把src++，dst不动，最后再把长度dst返回即可。

代码如下：

int removeElement(int* nums, int numsSize, int val){
    int dst=0;
    int str=0;
    while(str<numsSize)
    {
        if(nums[str]==val)
        {
            str++;
        }
        else
        {
            nums[dst]=nums[str];
            dst++;
            str++;
        }
    }
    return dst;
}

2、删除有序数组中的重复项

链接直达：

Https://leetcode-cn.com/problems/remove-duplicates-from-sorted-array/

题目：

思路：

双指针（不额外开数组）

此题和上题类似，同样可以采用双指针，并在原数组进行改动，只需要定义两个变量dst和src作为数组nums的下标，但此时做出小变动，把src从下标1开始，而dst从下标0开始。让nums[src]每次和它前一个也就是nums[src-1]相比较，如果相等，则src++，若不等就把nums[src-1]赋给nums[dst]，再dst++，src++。

注意：

执行完上述操作后，还存在一个问题，那就是没把src的最后一个下标的值放到nums[dst]里头去，就如同本题的示例，当src走到倒数第二个值3的时候，和前一个3相等，此时需要++src，现在nums[src]就是4，和前一个值不相等，把3赋给nums[dst]，此时src再++到空了，没有数据和4比较了，越界，所以4就漏掉了。在如同当后面2个数字同为3的时候，因为一直相等，src同样+到空，3同样漏掉，所以无论哪种情况，都要把最后一个数字移到nums[dst]上

画图演示：

代码如下：

int removeDuplicates(int* nums, int numsSize){
    int dst=0;
    int src=1;
    while(src<numsSize)
    {
        if(nums[src]==nums[src-1])
        {
            src++;
        }
        else
        {
            nums[dst]=nums[src-1];
            dst++;
            src++;
        }
    }
    nums[dst]=nums[numsSize-1];
    dst++;
    return dst;
}

3、合并两个有序数组

链接直达：

合并两个有序数组

题目：

思路：

法一：memmove + sort排序（冒泡、qsort等）

此法确实可以，不过当题目中明确指出要用时间复杂度O(N)的方法解决此问题的话，那么此法就行不通了，因为冒泡的时间复杂度为O(N^2)，而qsort的时间复杂度为O(N*logN)。均不是O(N)，所以得换。

法二：归并1.0

依次比较，每次把小的放到归并数组。此法需要开辟第三方数组a。其次，需要定义 i ，j ，dst 三个变量分别用来表示数组nums1，nums2，a的第一个下标，如果nums1[ i ]<nums[ j ]，则a[dst++]=nums1[ i++ ]，反之a[dst++]=nums2[ i++ ]，依次遍历下去，当其中一个走完了，就把剩下的全部放到a数组里头去，此法的最大问题就是需要额外开辟一个数组，以空间换时间，导致空间复杂度为O(N)，但是我们在基于此法的基础上可以进行升级，如下：

法三：归并2.0

此法是在法二的基础上进行升级，直接在nums1原数组上进行改动，思想和法二差不多。不过有个需要改变的地方，法二是正着遍历数组，但是此法则需要倒着来遍历数组。那么此时的 i 变量就是nums1数组第m-1个下标，j变量就是nums2数组第n-1个下标，dst变量就是nums1数组最后一个元素下标（m+n-1）。实现原理同法二，不做过多赘述。注意：如果nums2数组的下标 j 先结束，那么nums1剩下的数组刚好排在前面，不需要动，如果是nums1数组的下标 i 先结束，则需要把nums2数组剩余的值赋到nums1数组上去。

画图演示：

 代码如下：

void merge(int* nums1, int nums1Size, int m, int* nums2, int nums2Size, int n){
    int i=m-1;
    int j=n-1;
    int dst=m+n-1;
    while(i>=0&&j>=0)
    {
        if(nums1[i]>nums2[j])
        {
            nums1[dst--]=nums1[i--];
        }
        else
        {
            nums1[dst--]=nums2[j--];
        }
    }
    while(j>=0)
    {
        nums1[dst--]=nums2[j--];
    }
}

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